枚举作为magic road的边,然后求出A/B。
A/B得在大概O(1)的时间复杂度求出,关键是B,B是包含magic road的最小生成树。
这么求得:
先在原图求MST,边总和记为s,顺便求出MST上任意两点路径上的最长边d[i][j]。
当(u,v)是magic road时,
如果它在原本的MST上,则B就等于s-原(u,v)的权,而原(u,v)的权其实就是d[u][v];
如果它不在原本的MST上,则B就等于s-d[u][v]+0。
总之就是一个式子:B=s-d[u][v]。
于是,在原图的MST基础上可以在O(1)的时间复杂度求出任意一边作为magic road的情况下的MST。
1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<cmath> 4 #include<algorithm> 5 using namespace std; 6 #define MAXN 1111 7 #define INF (1<<30) 8 int n,G[MAXN][MAXN]; 9 int lowcost[MAXN],nearvex[MAXN],T[MAXN],NT,maxedge[MAXN][MAXN]; 10 double prim(){ 11 memset(maxedge,0,sizeof(maxedge)); 12 for(int i=1; i<n; ++i) lowcost[i]=INF; 13 lowcost[0]=0; 14 nearvex[0]=0; 15 NT=0; 16 17 double res=0; 18 for(int i=0; i<n; ++i){ 19 int u=-1,mincost=INF; 20 for(int v=0; v<n; ++v){ 21 if(lowcost[v]!=-1 && lowcost[v]<mincost){ 22 mincost=lowcost[v]; 23 u=v; 24 } 25 } 26 27 for(int i=0; i<NT; ++i) maxedge[T[i]][u]=maxedge[u][T[i]]=max(maxedge[T[i]][nearvex[u]],mincost); 28 T[NT++]=u; 29 30 res+=sqrt(mincost); 31 lowcost[u]=-1; 32 for(int v=0; v<n; ++v){ 33 if(lowcost[v]!=-1 && lowcost[v]>G[u][v]){ 34 lowcost[v]=G[u][v]; 35 nearvex[v]=u; 36 } 37 } 38 } 39 return res; 40 } 41 int main(){ 42 int t,x[MAXN],y[MAXN],p[MAXN]; 43 scanf("%d",&t); 44 while(t--){ 45 scanf("%d",&n); 46 for(int i=0; i<n; ++i) scanf("%d%d%d",x+i,y+i,p+i); 47 48 for(int i=0; i<n; ++i){ 49 for(int j=i+1; j<n; ++j){ 50 G[i][j]=G[j][i]=(x[i]-x[j])*(x[i]-x[j])+(y[i]-y[j])*(y[i]-y[j]); 51 } 52 } 53 double mst=prim(),res=-1; 54 for(int i=0; i<n; ++i){ 55 for(int j=i+1; j<n; ++j){ 56 res=max(res,(p[i]+p[j])/(mst-sqrt(maxedge[i][j]))); 57 } 58 } 59 printf("%.2f\n",res); 60 } 61 return 0; 62 }
HDU4081 Qin Shi Huang's National Road System(次小生成树)
原文:http://www.cnblogs.com/WABoss/p/5005695.html