[LeetCode] House Robber III 打家劫舍之三

The thief has found himself a new place for his thievery again. There is only one entrance to this area, called the "root." Besides the root, each house has one and only one parent house. After a tour, the smart thief realized that "all houses in this place forms a binary tree". It will automatically contact the police if two directly-linked houses were broken into on the same night.

Determine the maximum amount of money the thief can rob tonight without alerting the police.

Example 1:

     3
    /    2   3
    \   \ 
     3   1

Maximum amount of money the thief can rob = 3 + 3 + 1 = 7.

Example 2:

     3
    /    4   5
  / \   \ 
 1   3   1

Maximum amount of money the thief can rob = 4 + 5 = 9.

Credits:
Special thanks to @dietpepsi for adding this problem and creating all test cases.

这道题是之前那两道House Robber II和House Robber的拓展，这个小偷又偷出新花样了，沿着二叉树开始偷，碉堡了，题目中给的例子看似好像是要每隔一个偷一次，但实际上不一定只隔一个，比如如下这个例子：

        4
       /
      1
     /
    2
   /
  3

如果隔一个偷，那么是4+2=6，其实最优解应为4+3=7，隔了两个，所以说纯粹是怎么多怎么来，那么这种问题是很典型的递归问题，我们可以利用回溯法来做，因为当前的计算需要依赖之前的结果，那么我们对于某一个节点，如果其左子节点存在，我们通过递归调用函数，算出不包含左子节点返回的值，同理，如果右子节点存在，算出不包含右子节点返回的值，那么此节点的最大值可能有两种情况，一种是该节点值加上不包含左子节点和右子节点的返回值之和，另一种是左右子节点返回值之和不包含当期节点值，取两者的较大值返回即可，但是这种方法无法通过OJ，超时了:

解法一：

// Time Limit Exceeded
class Solution {
public:
    int rob(TreeNode* root) {
        if (!root) return 0;
        int val = 0;
        if (root->left) {
            val += rob(root->left->left) + rob(root->left->right);
        }
        if (root->right) {
            val += rob(root->right->left) + rob(root->right->right);
        }
        return max(val + root->val, rob(root->left) + rob(root->right));
    }
};

由于上面的方法超时了，所以我们必须优化上面的方法，上面的方法重复计算了很多地方，比如要完成一个节点的计算，就得一直找左右子节点计算，我们可以把已经算过的节点用哈希表保存起来，以后递归调用的时候，现在哈希表里找，如果存在直接返回，如果不存在，等计算出来后，保存到哈希表中再返回，这样方便以后再调用，参见代码如下：

解法二：

class Solution {
public:
    int rob(TreeNode* root) {
        unordered_map<TreeNode*, int> m;
        return dfs(root, m);
    }
    int dfs(TreeNode *root, unordered_map<TreeNode*, int> &m) {
        if (!root) return 0;
        if (m.count(root)) return m[root];
        int val = 0;
        if (root->left) {
            val += dfs(root->left->left, m) + dfs(root->left->right, m);
        }
        if (root->right) {
            val += dfs(root->right->left, m) + dfs(root->right->right, m);
        }
        val = max(val + root->val, dfs(root->left, m) + dfs(root->right, m));
        m[root] = val;
        return val;
    }
};

下面再来看一种方法，这种方法的递归函数返回一个大小为2的一维数组res，其中res[0]表示不包含当前节点值的最大值，res[1]表示包含当前值的最大值，那么我们在遍历某个节点时，首先对其左右子节点调用递归函数，分别得到包含与不包含左子节点值的最大值，和包含于不包含右子节点值的最大值，那么当前节点的res[0]就是左子节点两种情况的较大值加上右子节点两种情况的较大值，res[1]就是不包含左子节点值的最大值加上不包含右子节点值的最大值，和当前节点值之和，返回即可，参见代码如下：

解法三：

class Solution {
public:
    int rob(TreeNode* root) {
        vector<int> res = dfs(root);
        return max(res[0], res[1]);
    }
    vector<int> dfs(TreeNode *root) {
        if (!root) return vector<int>(2, 0);
        vector<int> left = dfs(root->left);
        vector<int> right = dfs(root->right);
        vector<int> res(2, 0);
        res[0] = max(left[0], left[1]) + max(right[0], right[1]);
        res[1] = left[0] + right[0] + root->val;
        return res;
    }
};

类似题目：

House Robber II

House Robber

参考资料：

https://leetcode.com/discuss/91899/step-by-step-tackling-of-the-problem

LeetCode All in One 题目讲解汇总(持续更新中...)

[LeetCode] House Robber III 打家劫舍之三

原文：http://www.cnblogs.com/grandyang/p/5275096.html