笔试题53. LeetCode OJ (40)

          这个题目还是nsum类型的，不过比上个题更难。上个题的复杂性不是很高，因为不需要考虑到元素的重复性对结果造成干扰，但这道题的话，还是在“集合”里面找出 nsum = target， 每个元素只能使用一次且最后的结果不能重复。那么对于“集合”里面出现的重复的元素的处理就特别棘手。其实代码和上个题的差不多，其实只多了几行，但是这几行代码我却想了一天，甚至睡觉前还想了一段时间，但是下午在做实验的时候突然大脑一闪，突然想到了思路，我今天刚好想到了二叉树的后续非递归遍历的做法，我在这个题也是借鉴相似的做法。不说别的了，说说思路吧：

      我们知道上个题的代码是每次递归传递进去的index和本次的index相同，但是这个题index传递进去的时候要加1，其实这样还远远达不到要求，想想看，“集合”中的重复元素还是没有排除掉，比如集合是“1, 1, 2, 5, 6, 7 ,10”而 target=10，按上题的做法结果肯定会有重复项，‘1, 2, 5’‘1, 7’，因为集合中有两个‘1’，那么我们该如何解决呢？我也想到了一种办法，可以解决问题，但是时间复杂度不够,主要代码如下：

if (target == 0)
{
	int end = ret.size();
	if (end == 0 || tmp != ret[end - 1])
	{
			ret.push_back(tmp);
	}
	return;
}

class Solution {
public:
	vector<vector<int>> combinationSum2(vector<int>& candidates, int target)
	{
		/*
		这个题和上个题差不多吧
		*/
		vector<vector<int>> ret;
		ret.clear();
		vector<int> tmp;
		tmp.clear();
		sort(candidates.begin(), candidates.end());
		_findAllSolve(candidates, ret, tmp, target, 0);
		return ret;
	}

	void _findAllSolve(vector<int>& candidates, vector<vector<int>>& ret, vector<int>& tmp, int target, int index)
	{
		if (target == 0)
		{
			/*
			int end = ret.size();
			if (end == 0 || tmp != ret[end - 1])
			{
				ret.push_back(tmp);
			}
			*/
			ret.push_back(tmp);
			return;
		}
		else
		{
			int count = 0;
			int prev = 0; //保存tmp.back();可以用它来过滤掉重复元素
			
			for (int i = index; i < candidates.size(); ++i)
			{	
				if (candidates[i] > target)
				{
					return;
				}

				if (candidates[i] != prev)
				{
					tmp.push_back(candidates[i]);
				}
				else
				{
					continue;
				}
				_findAllSolve(candidates, ret, tmp, target - candidates[i], i + 1);
				//保存此次vector尾部元素，若下次再遇到该元素直接跳过，避免重复，去掉重复的结果全靠prev
				prev = tmp.back(); 
				tmp.pop_back();	
			}
		}
	}
};

笔试题53. LeetCode OJ (40)

原文：http://blog.csdn.net/zr1076311296/article/details/51386495