POJ2142——The Balance

刚学习的扩展欧几里得算法，刷个水题

求解  线性不定方程 和  模线性方程

求方程 ax+by=c 或 ax≡c (mod b) 的整数解

1、ax+by=gcd(a,b)的一个整数解：

<span style="font-size:14px;">void ex_gcd(int a,int b,int &d,int &x,int &y)//扩展欧几里得算法
{
    if(!b){d=a;x=1;y=0;}
    else {ex_gcd(b,a%b,d,y,x);y-=x*(a/b);}
}</span>

方程两边同时乘以g/c(g为a，b的最大公约数)，则原方程为  g *a/c *x+g*b/c*y=g

则g*x/c=x0,g*y/c=y0         (  x0,y0为 方程ax+by=gcd(a,b)的一个特解）

所以原方程的一个特解x=x0*c/g,y=y0*c/g

求通解的过程省略。。。

最后通解为 (x+kb1,y-ka1)   b1=b/g,a1=a/g；

3、ax≡c (mod b)方程的所有整数解：

ax和c关于模b同余，则(ax-c)是b的整数倍，设倍数为y，则原方程等价于 ax-c=by,移项得 ax-by=c，转变为求解ax+by=c的形式

如果两个数的最大公约数为1，则两个数互质

题目分析：

给定 a b k找到满足ax+by=k 的令|x|+|y|最小（等时令a|x|+b|y|最小）不妨a 〉b

先用扩展欧几里得算法求出 一组解 x0，y0，通解可以表示为x=x0+b/d *t y=y0-a/d *t

|x|+|y|=|x0+b/d *t |+|y0-a/d *t| 这个关于t的函数的最小值在  t  =  y0*d/a  附近的两整点里取。故直接验证这两点即可。

因为   设a>b之后

|x0+b/d *t| 单调递增，|y0-a/d*t| 先递减再递增。因斜率a/d>b/d，所以总的|x0+b/d *t |+|y0-a/d *t| 先递减再递增，使y0-a/d*t0=0 的t0附近有最小值。

                                                                                                                                                                                                                               //转载

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
using namespace std;
int x0,z1,a1,b1;
void ex_gcd(int a,int b,int &d,int &x,int &y)
{
    if(!b){d=a;x=1;y=0;}
    else {ex_gcd(b,a%b,d,y,x);y-=x*(a/b);}
}
int calx(int k)
{
    return abs(x0+k*b1);
}
int caly(int k)
{
    return abs(z1-k*a1);
}
int main()
{
    int a,b,c;
    while(~scanf("%d%d%d",&a,&b,&c)&&(a||b||c)){
        int flag=1;
        if(a<b) {flag=0;swap(a,b);}
        int d,x,y,k,k1,k2;
        ex_gcd(a,b,d,x,y);
        x0=x*(c/d),z1=y*(c/d);
        a1=a/d,b1=b/d,k1=z1/a1;
        if(k1*a1-z1>=0) k1--;
        k2=k1+1;
        if(calx(k1)+caly(k1)>calx(k2)+caly(k2)) k=k2;
        else if(calx(k1)+caly(k1)<calx(k2)+caly(k2)) k=k1;
        else{
            if(calx(k1)*a+caly(k1)*b>calx(k2)*a+caly(k2)*b) k=k2;
            else k=k1;
        }
        int ansx=calx(k);
        int ansy=caly(k);
        if(!flag){
            printf("%d %d\n",ansy,ansx);
        }
        else printf("%d %d\n",ansx,ansy);
    }

    return 0;
}

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原文：http://blog.csdn.net/u014141559/article/details/37960915