模板 - 数学 - 数论 - 莫比乌斯反演 - 2

示例：

1.经典问题 求 $f(x)=\sum\limits_{i=1}^{n}\sum\limits_{j=1}^{m}[gcd(i,j)==x]$ ：

反演对： $F(x) = \sum\limits_{x|d}f(d) = \sum\limits_{k=1}f(kx) =\sum\limits_{k=1}\sum\limits_{i=1}^{n}\sum\limits_{j=1}^{m}[gcd(i,j)==kx] = {\lfloor{\frac{n}{x}}}\rfloor{\lfloor{\frac{m}{x}}\rfloor}$ （只要 $i,j$ 都是 $x$ 的倍数， $gcd(i,j)$ 一定是某个 $x$ 的 $k$ 倍）

答案： $f(x) = \sum\limits_{x|d}\mu(\frac{d}{x})F(d) = \sum\limits_{k=1}\mu(k)F(kx) = \sum\limits_{k=1}\mu(k){\lfloor{\frac{n}{kx}}}\rfloor{\lfloor{\frac{m}{kx}}\rfloor}$

当 $kx>min(n,m)$ 的时候 $f(kx)=0$ （gcd的上界）。

2.求 $f = \sum\limits_{i=1}^{n}\sum\limits_{j=1}^{m}gcd(i,j)$ ：

答案：$\sum\limits_{i=1}^{n}\sum\limits_{j=1}^{m}gcd(i,j) = \sum\limits_{x=1}^{}\mu(x){\lfloor{\frac{n}{kx}}}\rfloor{\lfloor{\frac{m}{kx}}\rfloor}$

第1题算出 $f_2(x)=\sum\limits_{i=1}^{n}\sum\limits_{j=1}^{m}[gcd(i,j)==x]$ ，这一次我们要求所有的 gcd 的和，显然所求为 $f = \sum\limits_{x=1}xf_2(x) = \sum\limits_{x=1}x$ 。也就是所有的 gcd 的个数乘上这个gcd本身的值。

 $f = \sum\limits_{x=1}xf_2(x) = \sum\limits_{x=1}x\sum\limits_{k=1}\mu(k){\lfloor{\frac{n}{kx}}}\rfloor{\lfloor{\frac{m}{kx}}\rfloor} = \sum\limits_{k=1}\mu(k)\sum\limits_{x=1}x{\lfloor{\frac{n}{kx}}}\rfloor{\lfloor{\frac{m}{kx}}\rfloor}$

3.求 $f=\sum\limits_{i=1}^{n}\sum\limits_{j=1}^{m}gcd(i,j)^k$ 

答案：$\sum\limits_{i=1}^{n}\sum\limits_{j=1}^{m}gcd(i,j)^k = \sum\limits_{d=1}^{n}d^k\sum\limits_{x=1}^{\lfloor{\frac{n}{d}}\rfloor}\mu(x){\lfloor{\frac{n}{dx}}}\rfloor{\lfloor{\frac{m}{dx}}\rfloor}$

 第1题算出 $f_2(x)=\sum\limits_{i=1}^{n}\sum\limits_{j=1}^{m}[gcd(i,j)==x]$ ，这一次我们要求所有的 gcd 的k次方，显然所求为 $f=\sum\limits_{x=1}x^kf_2(x)$ 。也就是所有的 gcd 的个数乘上这个 gcd 的 k 次方值。

4.求给定的 n 个数中有多少个四元组 (a,b,c,d) 的 gcd==1 ：

f(t) = 求给定的 n 个数中有多少个四元组 (a,b,c,d) 的 gcd==t ，

F(t) = 求给定的 n 个数中有多少个四元组 (a,b,c,d) 的 gcd==kt 。

那么我们要求 f(1) ，应用倍数公式后，只要快速求解每一个 F(t) 就足够了。由于 k 是任意的，所以 gcd 被我们去掉了，我们只需要求 t 的倍数有m个，然后 $C_m^4$ 就是 F(t)。

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原文：https://www.cnblogs.com/Yinku/p/10494980.html