约翰和贝西在叠积木。共有30000块积木，编号为1到30000。一开始，这些积木放在地上，自然地分成N堆。贝西接受约翰的指示，把一些积木叠在另一些积木的上面。一旦两块积木相叠， 彼此就再也不会分开了，所以最后叠在一起的积木会越来越高。约翰让贝西依次执行P条操作，操作分为两种：
? 第一种是移动操作，格式为“移动X到Y的上面”。X和Y代表两块积木的编号，意思是将X所的那堆积木，整体叠放到Y所在的那堆积木之上；
? 第二种是统计操作，格式为“统计Z下方的积木数量”。Z代表一块积木的编号，意思是贝西需要报告在编号为Z的积木之下还有多少块积木
请编写一个程序，帮助贝西回答每条统计问题。
输入格式：
? 第一行：单个整数：P，1 ≤ P ≤ 10^5
? 第二行到第P + 1行：每行描述一条命令，如果这行开头的字母是 M，代表一条移动命令，后面的两个整数代表上文中的X和Y；如果开头字母是 C，代表一条统计命令。后面的整数代表上文中的Z，保证所有的移动命令都有意义，X和Y不会已经出现在同一堆积木里
输出格式：
? 对每一个统计命令，输出正确回答，用换行符分开每个查询的结果
6 M 1 6 C 1 M 2 4 M 2 6 C 3 C 4
1 0 2
和银河英雄传几乎一模一样
唯一有区别的是 输出的是一个点前面的数量 一定要find一次更新一下！！！！
其他的带权并查集即可
更新的操作在find1里面要记得!!
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; //input by bxd #define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++) #define repp(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);--i) #define RI(n) scanf("%d",&(n)) #define RII(n,m) scanf("%d%d",&n,&m) #define RIII(n,m,k) scanf("%d%d%d",&n,&m,&k) #define RS(s) scanf("%s",s); #define ll long long #define REP(i,N) for(int i=0;i<(N);i++) #define CLR(A,v) memset(A,v,sizeof A) ////////////////////////////////// #define inf 0x3f3f3f3f const int N=1e6; int f[N],cnt[N],d[N],a,b; char s[3]; int find1(int x) { if(x==f[x])return x; int k=find1(f[x]); d[x]+=d[f[x]]; return f[x]=k; } void union1(int a,int b)//a放到b后面 { int x=find1(a),y=find1(b); d[x]+=cnt[y]; f[x]=y; cnt[y]+=cnt[x]; cnt[x]=0; } int main() { int n;RI(n); rep(i,1,30000+5)f[i]=i,cnt[i]=1,d[i]=0; rep(i,1,n) { RS(s); if(s[0]==‘M‘) { RII(a,b); union1(a,b); } else { RI(a); int k=find1(a);//这条其实很关键 cout<<d[a]<<endl; } } return 0; }
原文：https://www.cnblogs.com/bxd123/p/10937833.html
