【每日一题】9.数码（整除分块）

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相关算法：整除分块

题意：

给定两个整数 \(l\) 和 \(r\) ，对于所有满足 \(1 \le l\le x \le r\le 10^9\) 的 \(x\)， 把 \(x\) 的所有约数全部写下来。对于每个写下来的数，只保留最高位的那个数码。输出 \(1\) ~ \(9\) 每个数码出现的次数。

思路：

一个很显然的思路是，枚举以 \(x\) 开头的数，计算它的倍数在 \([l, r]\) 中出现的次数。

我们设 \(f(n, i)\) 为 \(i\) 的倍数在 \([1，n]\) 中出现的次数，那么有 \(f(n,i) = \lfloor\frac{n}{i}\rfloor\)

故而ii的倍数在 \([l, r]\) 中出现的次数就是 \(f(r, i) - f(l - 1, i)\)

那么，题目中的问题便是对每个 \(x \in [1,9]\) 求

如果直接对枚举的区间进行计算，复杂度是 \(\mathcal{O}(n)\) 的，这显然不能接受。

所以我们需要用到一个“整除分块”的技巧，以达到在 \(\mathcal{O}(\sqrt{n})\) 的复杂度下计算 \(\sum_{i = x}^y\lfloor\frac{n}{i}\rfloor\)

AC 代码

using ll = long long;
ll get(int x, int v) {
    ll res = 0;
    for (ll pw = 1; pw <= x / v; pw *= 10) {
        int cur = v * pw, bound = min<ll>(x, cur + pw - 1);
        // 枚举区间[cur, bound]
        for (int i = cur, j; i <= bound; i = j + 1) {
            j = min(x / (x / i), bound);
            res += 1ll * (j - i + 1) * (x / i);
        }
    }
    return res;
}
void solve() {
    int l, r;
    cin >> l >> r;
    for (int i = 1; i <= 9; i++)
        cout << get(r, i) - get(l - 1, i) << "\n";
}

【每日一题】9.数码（整除分块）

原文：https://www.cnblogs.com/RioTian/p/14668399.html